Đề thi giữa kì 1 Hóa 12 - Đề 1

Để phân biệt các chất lỏng trên, chỉ cần dùng nước và quỳ tím.

- Cho 3 chất vào nước thì chất không tan là triolein

- Cho quỳ tím vào 2 chất còn lại, chất nào làm quỳ hóa đỏ là axit axetic. Chất còn lại là glixerol không có hiện tượng

Số đồng phân amin bậc 2 của C₄H₁₁N là: CH₃CH₂NHCH₃CH₂; CH₃CH₂CH₂NHCH₃; CH₃CH(CH₃)NHCH₃.

Hai ancol thu được là: CH₃OH và  C₂H₅OH

Gọi số mol  CH₃OH và C₂H₅OH lần lượt là x, y:
m_ancol = 32x + 46y = 4,68                           (1)

Do tỉ lệ 2 ancol là 1:1 nên:

x = y                                                               (2)

Từ (1) và (2) ta có x = y = 0,06 mol

n_CH3COOCH3 = n_HCOOC2H5 = 0,06 mol

m_C3H6O2 = 0,06.2.74 = 8,88 gam

m_axit =14,8 - 8,88 = 5,92

n_axit = 5,92/74 = 0,08 mol
Ta thấy cả este và axit đều tác dụng vs OH theo tỉ lệ 1:1

∑n_OH = n_este + n_axit = 0,08 + 0,06 + 0,06 = 0,2
n_KOH = 0,2 - n_NaOH = 0,1
theo ĐLBTKL:

m = m_X + m_bazơ - m_ancol 

= 14,8 + 0,1.40 + 0,1.56 - 4,68

= 19,72 gam

 Sơ đồ: C₆H₁₂O₆ 2C₂H₅OH

Ta có: m_glucozơ = 10.90% = 9 kg

n_glucozơ = 9/180 = 0,05 kmol

n_ancol = 0,05.2.95% = 0,095 kmol

m_ancol = n_ancol.46 = 0,095.46 = 4,37 kg

 Ta có: trong A có 1 nhóm (-COOH) mà oxi chiếm 42,67% khối lượng

 ⇒  X là Gly-Gly-Gly-Gly

⇒ m =0,75.246 = 184,5 gam.

(1) đúng

(2) sai do cả 2 chất đều bị thủy phân trong môi trường axit

(3) đúng

(4) sai do xenlulozo là polisaccarit.

 Do metylamin là bazơ yếu nên khi hòa vào nước có cân bằng:

           CH₃NH₂ + H₂O CH₃NH₃⁺ + OH^-

Phân li không hoàn toàn nên nồng độ của ion CH₃NH₃⁺ < 0,1M

 nH₂N(CH₂)₅COOH → Nilon-6 + nH₂O

n_H2O = 0,8 kmol

Ta có: n_{ε-aminocaproic} = n_H2O = 0,8 kmol

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng:

m_{ε-aminocaproic} – m_H2O = m_polime = 0,8.( 131 – 18) = 90,4 kg

H = 92% nên:

mε-aminocaproic thực tế = 90,4.92% = 83,17 kg.

• Glucozơ và axetanđehit có nhóm CH=O trong phân tử có phản ứng tráng gương.
• Fructozơ không có nhóm CH=O nhưng vẫn có phản ứng tráng gương do trong môi trường NH3 nó chuyển thành glucozơ Có phản ứng tráng gương
• Saccarozơ không có nhóm CH=O Không có phản ứng tráng gương.

Sơ đồ phản ứng:

(C₆H₁₀O₅)n → nC₆H₁₂O₆ → 2nC₂H₅OH

Ta có: m_{tinh bột} = 1000. 70% = 700 (kg)

m_{ancol etylic (phương trình)} =

Do hiệu suất quá trình là 85% nên khối lượng ancol thực tế thu được là:

m_{thực tế} = m_{ancol (phương trình)}.85% = 337,9 (kg)

Số trieste tạo bởi glixerol và hỗn hợp n axit béo = n²(n+1)/2

Ở đây là glixerol và hỗn hợp 2 axit béo nên số trieste tạo thành là 2²(2+1)/2 = 6

Nếu là glixerol và hỗn hợp 3 axit béo thì số trieste = 32(3+1)/2 = 18

(1) ClH₃NCH₂COOH + 2NaOH → H₂NCH₂COONa + NaCl + H₂O → 2 muối.

(2) H₂NCH(CH₃)-CONH-CH₂COOH + 2NaOH → H₂NCH(CH₃)-COONa + H₂N-CH₂COONa + H₂O → 2 muối.

(3) (HOOCCH₂NH₃)₂SO₄ + 4NaOH → 2H₂N-CH₂-COONa + Na₂SO₄ + 4H₂O → 2 muối.

(4) CH₃COOC₆H₅ + 2NaOH → CH₃COONa + C₆H₅ONa + H₂O

→ 2 muối

Glucozơ và mantozơ đều không thuộc loại polisaccarit.

Glucozơ và mantozơ đều thuộc loại cacbohiđrat

Trong đó: glucozơ là monosaccarit, mantozơ là đisaccarit

n_CH3COOC2H5 = 0,1 mol

n_NaOH = 0,04 mol

Phương trình phản ứng

CH₃COOC₂H₅ + NaOH → C₂H₅OH + CH₃COONa

                        0,04                 → 0,04 mol

Phản ứng dư este nên khi cô cạn dung dịch chỉ thu được muối CH₃COONa: 0,04 mol

→ m = 0,04. 82= 3,28 gam

 Các nhận xét đúng là: (3); (4); (6)

(1) Sai vì chúng đều có công thức phân tử dạng (C₆H₁₀O₅)_n, nhưng giá trị n của xenlulozơ lớn hơn rất nhiều so với tinh bột nên chúng không phải đồng phân của nhau.

(2) Sai vì trong các đồng phân amio axit của C₃H₇NO₃ (H₂N-CH(CH₃)-COOH và H₂N-CH₂-CH₂-COOH) thì chỉ có H₂N-CH(CH₃)-COOH là -amino axit nên tạo tối đa được 1 đipeptit.

(3) Đúng.

(4) Đúng vì khi thủy phân hoàn toàn tinh bột và xenlulozơ đều thu được glucozơ.

(5) Sai vì nồng độ glucozơ trong máu người bình thường khoảng 0,1%.

(6) Đúng vì các protein đều có từ 2 liên kết peptit trở lên, do đó chúng đều có phản ứng màu biure.

CH₃COOC₂H₅ etyl axetat 

C₂H₅COOCH₃ metyl propionat

CH₃COOCH₃  metyl axetat 

HCOOCH₃ metyl fomat. .

Dùng Cu(OH)₂/OH^-:

- Glucozơ: Cu(OH)₂ tan ở nhiệt độ thường và tạo kết tủa đỏ gạch Cu₂O khi đun nóng.

- Glixerol: Cu(OH)₂ chỉ tan ở nhiệt độ thường.

- Andehit axetic: chỉ tạo kết tủa đỏ gạch Cu₂O khi đun nóng.

- Lòng trắng trứng: phản ứng màu biure tạo màu tím.

- Rượu etylic: không có phản ứng không có hiện tượng.

 Theo bài ra ta có số đồng phân có tính chất lưỡng tính, để thỏa mãn có 3 C mà có 9H ⇒ hợp chất là muối amoni của axit cacboxylic.

 ⇒ Các chất thỏa mãn gồm:

C₂H₅COONH₄

CH₃COONH₃CH₃

HCOONH₃CH₂CH₃

HCOONH₂(CH₃)₂

H₂N-CH₂-COOH: Glyxin

 n_NaOH = 0,15 mol

n_HCl = 0,03 mol

Phương trình phản ứng trung hòa NaOH dư

NaOH dư + HCl → NaCl + H₂O

0,03 mol

NaOH dư, theo phương trình phản ứng

n_{NaOH pư} = 0,15 - 0,03 = 0,12 mol

n_este = n_muối = 1/2 n_NaOH = 0,06 mol

n_ancol = n_{NaOH pư}= 0,12 mol

Muối sau phản ứng gồm:

NaCl: 0,03 mol

R(COONa)₂: 0,06 mol

m_muối = 0,03.58,5 + 0,06.(R+134) = 11,475

=> R = 28 Xác định được gốc (C₂H₄)

M trung bình ancol = 39 => CH₃OH; C₂H₅OH

m_este = 0,06.160 = 9,6g.

 CTPT của anilin là C₆H₇N:

Trộn 2x mol O₂ với 5x mol không khí → X gồm: 3x mol O₂ và 4x mol N₂.

Y no, đơn chức, mạch hở nên Y có dạng: C_nH_2n+3N

C_nH_2n+3N + (6n+3)/4O₂ → nCO₂ + (2n+3)/2H₂O + 1/2N₂

X và Y phản ứng vừa đủ nên nếu cho V lít Y thu được và 9V hỗn hợp sau phản ứng tương đương 1 mol Y thu được 9 mol hỗn hợp.

Từ tỉ lệ phản ứng đốt cháy ta có:

3x = (6n+3)/4 ⇒ 4x = 2n +1 .

Sau phản ứng có:

(1/2 + 2n + 1) mol N₂ + 1/2(2n + 3) mol H₂O và n mol CO₂

⇒ (1/2 + 2n + 1) + 1/2.(2n + 3) + n = 9

⇒ n = 1,5

→ 2 amin đồng đẳng kế tiếp nên chỉ có thể là CH₅N và C₂H₇N.

 Ta có:

n_N2 = 0,05mol → n_N = 0,1 mol

n_CO2 = 0,4mol → n_C = 0,4 mol

n_H2O = 0,45 mol → n_H = 0,9 mol

→n_C : n_H : n_N = 4 : 11: 1

→ CTĐGN của X là C₄H₁₁N, vì X là amin đơn chức nên CTPT X là C₄H₁₁N.

 M_hemoglobin = 56 : 0,4% = 14000 đvC

 Chất nào không phải chất béo là (CH₃COO)₃C₃H₅.

Số mắt xích glucozơ có trong 194,4 mg amilozơ là:

=  7224.10¹⁷ 

Chỉ số axit là số m(g) KOH cần để trung hòa hết lượng axit béo tự do có trong 1 gam chất béo.

Như vậy với 1 gam chất béo cần 1,25.10^-4 mol KOH để trung hòa

Trong 100 gam chất béo cần:

n_{KOH ban đầu} = 0,32 mol

n_{KOH xà phòng triglixerit}  = 0,32 - 0,0125 = 0,3075 mol

Giả sử triglixerit và axit béo tự do có dạng (RCOO)₃C₃H₅ và RCOOH

(RCOO)₃C₃H₅ + 3KOH → 3RCOOK + C₃H₅(OH)₃

                           0,3075  → 0,3075  →   0,1025

RCOOH + KOH → RCOOK + H₂O

                0,0125       →          0,0125

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng:

m_muối = m_{axit béo} + m_KOH – m_H2O – m_glixerol

= 100 + 17,92 - 0,0125.18 - 0,1025.92 = 108,265 gam

Triolein:  (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅

tristearin:(C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

tripanmitin: (C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅

stearic: C_17​H₃₅​COOH 

Phương trình hóa học minh họa

C₆H₁₂O₆ → 2C₂H₅OH + 2CO₂

CH₃CH₂OH + CuO → CH₃CHO + Cu + H₂O

CH₃CHO + 1/2 O₂ → CH₃COOH.

Monosaccarit: glucozơ và fructozơ (C₆H₁₂O₆)

Đisaccarit: saccarozơ và mantozo C₁₂H₂₂O₁₁.

Polisaccarit: tinh bột và xenlulozo (C₆H₁₀O₅)n

 Các monosaccarit không thể thủy phân được. Ví dụ:glucozơ, fructozơ

Fructozơ là ngọt nhất trong các loại đường trên, nó có vị ngọt sắc và là thành phần chính của mật ong chiếm đến 40%.

 R-COO-R' + NaOH R-COONa + R'-OH

Vậy este là  CH₃COOC₂H₅

 m_anilin = 1,02.9,3 = 9,486 gam

n_anilin = 0,102 mol

C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → C₆H₂Br₃NH₂ + 3HBr

    0,102           →            0,102

m = 0,102.330 = 33,66 gam