Đề thi giữa kì 1 Hóa 12 - Đề 2

Phương trình hóa học minh họa

A. Ba(OH)₂ + 2CH₃COOC₂H₅ → 2C₂H₅OH + (CH₃COO)₂Ba

B. CH₃COOC₂H₅+ 5O₂ 4CO₂ + 4H₂O

C. Không phản ứng

D. CH₃COOC₂H₅ + H₂O CH₃COOH + C₂H ₅OH

 Sơ đồ: C₆H₁₂O₆ 2C₂H₅OH

Ta có: m_glucozơ = 10.90% = 9 kg

n_glucozơ = 9/180 = 0,05 kmol

n_ancol = 0,05.2.95% = 0,095 kmol

m_ancol = n_ancol.46 = 0,095.46 = 4,37 kg

 2C_nH_2n+3N + H₂SO₄ → (C_nH_2n+4)₂SO₄

2x mol             x mol             x mol

Ta có: m_H2SO4 = m_muối – m_amin = m gam

⇒ 98x = m ⇒ x = m/98 ⇒ M = m : 2m/98 = 49

⇒ n = 2,5

⇒ 2 amin là: C₂H₇N và C₃H₉N.

Phương trình lên men:

C₆H₁₂O₆ → 2C₂H₅OH + 2CO₂

m_gluczo = 2,5.0,8, 1000 = 2000 g

n_gluczo = 2000 : 180 = 100/ 9 mol

Theo phương trình phản ứng ta có:

n_C2H5OH = 2.n_Glucozo = 200/9 mol

=> m_{ancol etylic} = (200/9) .46 = 9200/9 gam

=> V_{ancol etylic} = m : D = (9200/9) : 0,8 = 11500/9 ml

Vì trong quá trình chế biến ancol bị hao hụt 10% nên:

=> V_{ancol etylic} = (11500/9).0,9 = 1150 ml

Áp dụng công thức

V_{dung dịch rượu} = (V_{ancol etylic} : Độ rượu). 100

=> V _{dung dịch rượu}= 1150 .100 : 40 = 2875,0 ml

 Tên amin bậc II: Tên gốc hiđrocacbon + amin

Có 2 gốc hiđrocacbon là metyl và etyl thì đọc etyl trước

=> Tên gọi: Etylmetylamin

Mantozơ cấu tạo gồm hai gốc -glucozơ liên kết với nhau, trong dung dịch gốc  -glucozơ của mantozơ có thể mở vòng tạo ra nhóm CH=O nên mantozơ có tính chất:

• Tác dụng với H₂.
• Tác dụng với Cu(OH)₂ cho phức đồng-mantozơ màu xanh lam.
• Tính khử: Khử [Ag(NH₃)₂]OH và Cu(OH)₂ khi đun nóng.
• Bị thủy phân khi có mặt xúc tác axit hoặc enzim.
• Riêng CH₃OH/HCl là phản ứng xảy ra ở nhóm -OH semiaxetol, tạo ete. 

Cacbonhiđrat được chia thành 3 nhóm chính:

Monosaccarit: glucozơ và fructozơ (C₆H₁₂O₆)

Đisaccarit: saccarozơ và mantozo C₁₂H₂₂O₁₁.

Polisaccarit: tinh bột và xenlulozo (C₆H₁₀O₅)n

Gọi công thức tổng quát của X, Y, Z, T là C_xH_yO_z

n_CO2 = 4,4/44  = 0,1 (mol)

n_H2O = 1,8/18 = 0,1 (mol) 

Phương trình hoá học của phản ứng đốt cháy:

        a                         ax          0,5ay  

Theo phương trình hoá học trên ta có:

xa = 0,5ay ⇒ y = 2x.

Thay y = 2x vào ( 1) ta có:

x + 0,5 - 0,5z = x ⇒ x = z

Công thức tổng quát của các hợp chất hữu cơ X, Y, Z, T là C_xH_2xO_x.

M_X : M_Y : M_Z : M_T = 6 : 1 : 3 : 2.

M_X lớn nhất, M_Y nhỏ nhất. Vì X chứa không quá 6 nguyên tử C nên Y chỉ có thể có 1 nguyên tử C.

Vậy X là C₆H₁₂O₆; Y: CH₂O; Z:C₃H₆O₃; T: C₂H₄O₂.

Hai este HCOOC₂H₅ và CH₃COOCH₃ là đồng phân của nhau

→n_{2 este} = 11,1: 74 = 0,15 mol

Phương trình phản ứng hóa học

HCOOC₂H₅+ NaOH → HCOONa + C₂H₅OH (1)

CH₃COOCH₃ + NaOH→ CH₃COONa + CH₃OH (2)

Theo phương trình (1) và (2) ta có :

n_NaOH = n_{2 este} = 0,15 mol

→ V_ddNaOH = 0,15:1= 0,15 (lít) = 150 ml.

 n_muối = 14,55/97 = 0,15 mol

H₂NCH₂COOH + NaOH → H₂NCH₂COONa + H₂O.

n_H2NCH2COOH = n_muối

→ m_H2NCH2COOH = 0,15.75 = 11,25 gam.

 Nối đôi C=C ở gốc axit không no của chất béo bị oxi hóa chậm bởi oxi không khí tạo thành peoxit, chất này bị phân hủy thành các sản phẩm có mùi khó chịu. Đó là nguyên nhân của hiện tượng dầu mỡ để lâu bị ôi.

Glucozơ đặc biệt có nhiều trong loại hoa quả nho chín.

 Axit glutamic: HOOC[CH₂]₂CH(NH₂)COOH

 Axit α-aminopropionic: H₂NCH(CH₃)COOH.

Axit α,ɛ-điaminocaproic: H₂N(CH₂)₄CH(NH₂)COOH.

Axit α-aminoglutaric: HOOC(CH₂)₂CH(NH₂)COOH. Có số nhóm COOH > NH₂ → làm quỳ tím chuyển thành màu hồng.

Axit aminoaxetic: H₂NCH₂COOH.

Ta có

ag X + 6,52 mol O₂ → 4,56 mol CO₂ + 79,2 gam nước

Áp dụng bảo toàn khối lượng ta có:

a + 6,52.32 = 4,56.44 + 79,2

→ a = 71,2 gam

Bảo toàn nguyên tố O ta có:

n_O(X) + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

→ n_O(X) + 2.6,52 = 2.4,56 + 4,4

→ n_O(X) = 0,48 mol

Vì X là triglixerit nên X chứa 6O trong công thức phân tử nên n_X = 0,08 mol

Ta có:

a gam X + 3NaOH → muối + C₃H₅(OH)₃

Ta có: n_NaOH = 3n_X = 3.0,08 =0,24 mol

n_C3H5(OH)3 = 0,08 mol

Bảo toàn khối lượng ta có:

m_X + m_NaOH =m_muối + m_C3H5(OH)3

→ 71,2 + 0,24.40 = 0,08.92 + m_muối

→ m_muối = 73,44 g

Ta có: 

n_Ag = 12,96 : 108 = 0,12 mol

Cứ 1 phân tử glucozơ phản ứng với AgNO₃/NH ₃ thì sinh ra 2Ag 

Glucozơ → 2Ag

0,06 ← 0,12 mol

=> m_Glucozơ = 0,06.180 = 10,8 g

Este no, đơn chức, đơn vòng có độ bất bão hòa k = 1π + 1v = 2.

- C_nH_2nO₂ có CTTQ của este no, đơn chức, mạch hở.

- C_nH_{2n - 2}O₂ là CTTQ của este không no, có một nối đôi, đơn chức, mạch hở hoặc CTTQ của este no, đơn chức, đơn vòng.

- C_nH_{2n + 2}O₂ không thể là este vì có độ bất bão hòa

C_nH_2nO không thể là este vì có số nguyên tử O = 1.

Cacbohiđrat được phân làm ba nhóm chính sau:

+ Monosaccarit: glucozơ, fructozơ (C₆H₁₂O₆)

+ Đisaccarit: saccarozơ, mantozơ (C₁₂H₂₂O₁₁)

+ Polisaccarit: tinh bột, xenlulozơ (C₆H₁₀O₅)_n

Hai hợp chất hữu cơ X và Y có cùng công thức phân tử là C₃H₇NO₂, đều là chất rắn ở điều kiện thường:

Chất X phản ứng với dung dịch NaOH, giải phóng khí X là muối amoni, có công thức là CH₂=CHCOONH₄ (amoni acrylat) hoặc HCOOH₃NCH=CH₂ (vinylamoni fomat).

Chất Y có phản ứng trùng ngưng Y là amino axit, có công thức là H₂NCH₂CH₂COOH (axit 3-aminopropanoic) hoặc CH₃CH(H₂N)COOH (axit 2-aminopropanoic). Vậy căn cứ vào các phương án suy ra X và Y lần lượt là amoni acrylat và axit 2-aminopropionic.

Phương trình phản ứng:

CH₂=CHCOONH₄ + NaOH CH₂=CHCOONa + NH₃ + H₂O

nH₂N CH(CH₃)COOH (-HNCH(CH₃)-CO-)_n + nH₂O

 Xà phòng khi dùng với nước cứng (nước có chứa nhiều ion Ca²⁺ và Mg²⁺) thì các muối canxi stearat, canxipamitat,... sẽ kết tủa làm giảm tác dụng giặt rửa và ảnh hưởng đến chất lượng vải sợi.

 (d) Sai vì khi thuỷ phân hoàn toàn hỗn hợp gồm tinh bột thu được glucozơ còn thủy phân

saccarozơ trong môi trường axit, thu được glucozơ và fructozơ.

(g) Sai vì glucozơ tác dụng với H₂ (xúc tác Ni, đun nóng) tạo sobitol còn saccarozơ thì không tác dụng với H₂ tạo sobitol.

- Thủy phân hoàn toàn X thu được thu được 2 mol Gly, 2 mol Ala và 1 mol Val nên X là pentapeptit.

- Không thủy phân hoàn toàn X thu được peptit trong đó có Gly-Ala-Val nhưng không thu được peptit Gly-Gly nên công thức của X có thể thỏa mãn là:

Gly - Ala - Val - Gly - Ala

Gly - Ala - Val - Ala - Gly

Ala - Gly - Ala - Val - Gly

Gly - Ala - Gly - Ala – Val.

Đốt m gam X: n_CO2 = 0,05 mol; n_H2O = 0,055 mol

n_H2O > n_CO2 X là amino axit no, có 1 nhóm NH₂, 1 nhóm COOH.

Gọi công thức của X có dạng: C_nH_2n+1O₂N

C_nH_2n+1O₂N + O₂ → nCO₂ + (n+0,5)H₂O

                                    0,05        0,055

0,055n = 0,05.(n+0,5)  n = 5 (C₅H₁₁O₂N)

- Xét phản ứng cho 29,25 gam X phản ứng với H₂SO₄ thu được Y, sau đó cho Y tác dụng với hỗn hợp NaOH và KOH vừa đủ:

n_X = 29,25 : 117 = 0,25 mol

Để đơn giản ta coi như cho hỗn hợp X và H₂SO₄ phản ứng với hỗn hợp NaOH và KOH:

Ta có: n_NaOH + n_KOH = 2n_H2SO4 + n_X

0,2 + 0,25 = 2n_H2SO4 + 0,25

  n_H2SO4 = 0,1 mol

n_H2O = n_NaOH + n_KOH = 0,2 + 0,25 = 0,45 mol

 Este mùi hoa nhài: CH₃COOCH₂-C₆H₅

 Thủy tinh hữu cơ được điều chế từ este metyl metacrylat:

nCH₂=C(CH₃)COOCH₃  -(-CH₂ - C(CH₃)(COOCH₃) -)-_n

 HCOOC₂H₅ + H₂O HCOOH + C₂H₅OH

HCOOH còn nhóm CH=O trong phân tử nên tham gia phản ứng tráng bạc

 Các monosaccarit không thể thủy phân được. Ví dụ:glucozơ, fructozơ

 Các chất tác dụng với HCl là: C₆H₅NH₂, H₂NCH₂COOH, CH₃CH₂CH₂NH₂.

C₆H₅NH₂ + HCl C₆H₅NH₃Cl

H₂NCH₂COOH + HCl ClH₃NCH₂COOH

CH₃CH₂CH₂NH₂ + HCl CH₃CH₂CH₂NH₃Cl

 Ta có:

n_saccarozơ = C_M.V = 0,5.1 = 0,5 mol

⇒ m_saccarozơ = 0,5.342 = 171 gam

 n_Ala = 42,72/89 = 0,48 mol;

n_Ala-Ala-Ala = 27,72/231 = 0,12 mol

n _{Ala-Ala-Ala-Ala} = 101,17/302 = 0,335 mol;

n _Ala-Ala = a mol

Ta có số mol gốc Ala trước và sau phản ứng bằng nhau nên:

4.0,335 = 1. 0,48 + 2.a + 3. 0,12

⇒ a = 0,25 mol

⇒ m = 160. 0,25 = 40 gam.

Gọi công thức tổng quát của este mạch hở, no, đơn chức là C_nH_2nO₂

C_nH_2nO + O₂ → nCO₂ + nH₂O

Khi đốt cháy tạo n_CO2 = n_H2O (1)

Và m_CO2 + m_H2O = 55,8 gam <=> 44.n_CO2 + 18.n_H2O = 55,8 (2)

Giải hệ phương trình (1), (2)

=> n_CO2 = n_H2O = 0,9 mol

=> Số C = 0,9 : 0,3 = 3

=> Công thức phân tử của X là: C₃H₆O₂

n_H2O = 0,5 mol, n_N2 = 0,1 mol.

Vì amino axit no phân tử chỉ chứa 1 nhóm NH₂ và 1 nhóm COOH nên ta có:

n_H2O – n_CO2 = n_N2 = 1/2. n_{amino axit}

→ 0,5 – n_CO2 = 0,1 → n_CO2 = 0,4

→ V_CO2 = 8,96 lít.

n_CH3COOH = 0,2  mol;

n_C2H5OH = 12: 46 = 0,26 mol

CH₃COOH + C₂H₅OH CH₃COOC₂H₅ + H₂O

Xét tỉ lệ mol thì: n_CH3COOH < n_C2H5OH 

=> C₂H₅OH dư

⇒ n_{este lý thuyết} = n_CH3COOH= 0,2  mol

H% = 50%

⇒ m_{este thực tế} = 0,2.88.0,5 = 8,8 gam.