Đề thi giữa kì 1 Hóa 12 - Đề 2

Amin bậc 3 có nhiều tác nhân đẩy e hơn nhưng do hiệu ứng không gian nên có tính bazơ thấp hơn amin bậc 2.

CH₃-NH-CH₃ có hai gốc -CH₃ đẩy e trực tiếp sẽ mạnh hơn gốc -(CH₃)₂-CH nên tính bazơ mạnh hơn.

 Xenlulozơ thủy phân trong môi trường axit tạo glucozơ 

 Dựa vào (d) ta có thể suy đoán T là este có dạng HCOOCH=CHR
G có 2 C ⇒ G chỉ có thể là CH₃CHO và Y là HCOOH ⇒ T là HCOOCH=CH₂
⇒ Z là C₂H₂ ⇒ Hoàn toàn phù hợp với (c), X là HCHO thỏa mãn
⇒ %m _O(T) = 44,44% 

(8,3 gam) Amin + HCl → (15,6 gam) muối

Bảo toàn khối lượng, ta có:

n_HCl = (15,6 – 8,3)/36,5 = 0,2 mol

x = 0,2/0,2 = 1M.

Đặt n_N = x và n_O = y (mol) n_NH2 = x mol và n_COOH = 0,5y mol

m_N : m_O = 7:15 

X tác dụng vừa đủ với HCl n_HCl = n_NH2 = n_N = x mol

Đơn giản hóa quá trình ta coi như:

(X, HCl) + (NaOH, KOH) → Muối + H₂O

n_COOH + n_HCl = n_NaOH + n_KOH

0,5y + x = 0,08 + 0,075                            (2)

Giải hệ (1) và (2) thu được x = 0,08 và y = 0,15

n_H2O = n_NaOH + n_KOH = 0,155 mol

BTKL: m _muối = m_X + m_HCl + m_NaOH + m_KOH - m_H2O

= 7,42 + 0,08.36,5 + 0,08.40 + 0,075.56 - 0,155.18

= 14,95 (gam)

n_NaOH = 0,15 mol.

Gọi số mol của axit axetic và etyl axetat lần lượt là x, y (mol), ta có hệ:

Theo bài ra, ta có:

n_HCl = 0,1 mol; n_NaOH = 0,2 mol.

muối gồm có 0,1 mol muối amino axit và 0,1 mol NaCl.

m_{muối amino axit} = 15,55 – 0,1.58,5 = 9,7.

M muối aminoaxit = 97

H₂N - R - COONa R = -CH₂-

X là: H₂N - CH₂ – COOH.

Dung dịch glucozơ phản ứng với Cu(OH)₂ trong môi trường kiềm ở nhiệt độ cao xảy ra phản ứng oxi hóa nhóm CH=O của glucozơ.

C₆H₁₂O₆ + 2Cu(OH)₂ + NaOH → HOCH₂(CHOH)₄COONa + Cu₂O + H₂O

 Đặt số mol este và nước lần lượt là x, y

+ Khi đốt cháy este: n_este = n_CO2 - n_H2O => x = 0,48 - y (1)

+ Bảo toàn nguyên tố O:

2n_este + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O => 2x + 0,54.2= 0,48.2 + y (2)

=>x =0,12 mol; y = 0,36 mol

n_Y= n_este =0,12 mol=>M_Y = 5,28/0,12 = 44 (CH₃CHO)

+ Bảo toàn khối lượng:

m_este = m_CO2 + m_H2O - m_O2

= 0,48.44 + 0,36.18 - 0,54.32 = 10,32 gam

=>M_X = 10,32/0,12 = 86

(CH₃COOCH=CH₂) => Muối là CH₃COOK

m_muối = m_CH3COOK = 0,12.98 =11,76 gam.

 CTCT tyrosin : p-HO-C₆H₄-CH₂-CH(NH₂)-COOH.

Gọi công thức tổng quát của X, Y, Z, T là C_xH_yO_z

n_CO2 = 4,4/44  = 0,1 (mol)

n_H2O = 1,8/18 = 0,1 (mol) 

Phương trình hoá học của phản ứng đốt cháy:

        a                         ax          0,5ay  

Theo phương trình hoá học trên ta có:

xa = 0,5ay ⇒ y = 2x.

Thay y = 2x vào ( 1) ta có:

x + 0,5 - 0,5z = x ⇒ x = z

Công thức tổng quát của các hợp chất hữu cơ X, Y, Z, T là C_xH_2xO_x.

M_X : M_Y : M_Z : M_T = 6 : 1 : 3 : 2.

M_X lớn nhất, M_Y nhỏ nhất. Vì X chứa không quá 6 nguyên tử C nên Y chỉ có thể có 1 nguyên tử C.

Vậy X là C₆H₁₂O₆; Y: CH₂O; Z:C₃H₆O₃; T: C₂H₄O₂.

 Công thức tổng quát của este no, đơn chức, mạch hở là C_nH_2nO₂ (n ≥ 2)

Glucose là chất rắn, tinh thể không màu, tan trong nước và có vị ngọt.

• Ở nhiệt độ thường các amino axit ở thể rắn.
• Thành phần chính của bột ngọt là muối mononatri của axit glutamic.
• Các amino axit hầu hết là các -aminoaxit.

Dùng Cu(OH)₂/OH^- để nhận biết ta có:

- Ancol etylic không phản ứng Không có hiện tượng

- Axit axetic tạo dung dịch màu xanh lam.

- Glixerol tạo phức xanh đặc trưng.

- Glucozơ tạo phức xanh đặc trưng ở điều kiện thường, khi đun nóng thì tạo kết tủa đỏ gạch.

Phương trình phản ứng

HCOOCH₃ + NaOH HCOONa + CH₃OH

→ Sản phẩm thu được là HCOONa và CH₃OH.

Phương trình phản ứng hóa học: (C₆H₁₀O₅)_n + H₂O nC₆H₁₂O₆ 

Theo phương trình phản ứng:  162n                                        180n

Phản ứng:                                 324                                       → x (g) 

=> x= m_C6H12O6 = (324.180n) : (162n)  = 360 gam 

Do hiệu suất đạt 75% nên lượng thực tế: m_{C6H12O6(thực tế)}= 360.75:100= 270 (g)

Z tác dụng được với Na sinh ra H₂ => Z là ancol

HCOOCH₂CHO + NaOH → HCOONa + HOCH₂CHO

 Axit glutamic: HOOC[CH₂]₂CH(NH₂)COOH

 Các đồng phân của amino axit trên là:

CH₃-CH₂-CH(NH₂)-COOH.

CH₃-CH(NH₂)-CH₂-COOH.

NH₂-CH₂-CH₂-CH₂-COOH.

(CH₃)₂C(NH₂)-COOH.

NH₂-CH₂-CH(CH₃)-COOH.

 2C_nH_2n+3N + H₂SO₄ → (C_nH_2n+4)₂SO₄

2x mol             x mol             x mol

Ta có: m_H2SO4 = m_muối – m_amin = m gam

⇒ 98x = m ⇒ x = m/98 ⇒ M = m : 2m/98 = 49

⇒ n = 2,5

⇒ 2 amin là: C₂H₇N và C₃H₉N.

nC₂H₅O₂N → C_2nH_3n+2O_n+1N_n + (n-1)H₂O

Khi đốt cháy X: 

C_2nH_3n+2O_n+1N_n → (1,5n+1)H₂O.

        0,1                       0,1.(1,5n+1)

⇒ 0,1(1,5n + 1) = 0,7 ⇒ n = 4

Vậy X là tetrapeptit

 Phương trình phản ứng tổng quát

RCOOR’ + NaOH → RCOONa + R’OH

M_X = 16.5,5 = 88 g

=> n_X = 2,2 : 88 = 0,025 mol

n_X = n_RCOONa

=> M_RCOONa = 2,05 : 0,025 = 82 gam/mol => R là CH₃

M_CH3COOR’ = 88 => R’ = C₂H₅

=> Muối là CH₃COONa

=> X là CH₃COOC₂H₅

6CO₂ + 6H₂O C₆H₁₂O₆ + 6O₂

 Năng lượng mà 1m² lá xanh nhận được trong thời gian 10 giờ để dùng vào việc tổng hợp:
1.100².2,15.10%.10.60 = 1290000 J = 1290 kJ
Lượng glucozơ tổng hợp được là:

(1290.180)/2726 = 85,18 gam

 (d) Sai vì khi thuỷ phân hoàn toàn hỗn hợp gồm tinh bột thu được glucozơ còn thủy phân

saccarozơ trong môi trường axit, thu được glucozơ và fructozơ.

(g) Sai vì glucozơ tác dụng với H₂ (xúc tác Ni, đun nóng) tạo sobitol còn saccarozơ thì không tác dụng với H₂ tạo sobitol.

 CTPT của anilin là C₆H₇N:

Công thức chung của axit là R(COOH)_a

Công thức chung của ancol là R'(OH)_b

bR(COOH)_a + aR'(OH)_b R_b(COO)_abR'_a + abH₂O

Công thức tổng quát của este tạo bởi một axit cacboxylic và một ancol là R_b(COO)_abR'_a

 Theo thuyết bronsted:
- Bazơ là những chất có khả năng nhận proton (nhận H⁺).
- Axit là những chất có khả năng cho proton (ion H⁺).
Trong các phân tử amin, nguyên tử N còn cặp electron tự do → có thể nhận proton → Gây ra tính bazơ.

Este no, đơn chức, đơn vòng có độ bất bão hòa k = 1π + 1v = 2.

- C_nH_2nO₂ có CTTQ của este no, đơn chức, mạch hở.

- C_nH_{2n - 2}O₂ là CTTQ của este không no, có một nối đôi, đơn chức, mạch hở hoặc CTTQ của este no, đơn chức, đơn vòng.

- C_nH_{2n + 2}O₂ không thể là este vì có độ bất bão hòa

C_nH_2nO không thể là este vì có số nguyên tử O = 1.

Triolein: (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅
Tripanmitin: (C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅
Tristearin: (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅
Trilinolein: (C₁₇H₃₁COO)₃C₃H₅

Từ công thức ta thấy tristearin có phân tử khối lớn nhất

• Đúng.
• Sai vì từ tripeptit trở lên mới có phản ứng màu biure.
• Sai vì trong phân tử Gly-Ala-Gly có chứa 2 liên kết peptit.
• Sai vì peptit phải được tạo từ α-amino axit.

Dùng dung dịch nước Br₂ có thể phân biệt được glucozơ và fructozơ do phản ứng của glucozơ xảy ra làm mất màu nước brom nếu dùng dư.

Phương trình phản ứng diễn ra như sau:

CH₂OH[CHOH]₄CHO + Br₂+ H₂O → CH₂OH[CHOH]₄COOH + 2HBr.

Glucozơ có nhóm chức anđehit nên có thể thể tham gia phản ứng, fructozơ do không có nhóm này thay vào đó là nhóm chức xeton nên không xảy ra hiện tượng gì.

Hai este HCOOC₂H₅ và CH₃COOCH₃ là đồng phân của nhau

→n_{2 este} = 11,1: 74 = 0,15 mol

Phương trình phản ứng hóa học

HCOOC₂H₅+ NaOH → HCOONa + C₂H₅OH (1)

CH₃COOCH₃ + NaOH→ CH₃COONa + CH₃OH (2)

Theo phương trình (1) và (2) ta có :

n_NaOH = n_{2 este} = 0,15 mol

→ V_ddNaOH = 0,15:1= 0,15 (lít) = 150 ml.