Đề thi giữa kì 1 Hóa 12 - Đề 2

• Tinh bột bị thủy phân trong môi trường axit, đun nóng. Khi thủy phân hoàn toàn cho glucozơ.
• Phân tử tinh bột hấp phụ iot tạo ra màu xanh tím.

• Trong 2 amin X₁; X₂ thì anilin C₆H₅NH₂ không làm quỳ đổi màu.
• Metylamin CH₃NH₂ làm quỳ tím đổi màu xanh thỏa mãn.
• Còn lại là các amino axit, để làm quỳ tím chuyển sang màu xanh thì:

Số nhóm –COOH < số nhóm –NH₂ amin axit thỏa mãn là: H₂N[CH₂]₄CH(NH₂)COOH (X₅)

Vậy đáp án đúng là: X₂; X₅.

• Phần 1:

         [(C₆H₇O₂(OH)₃]_n + 3nHNO₃ [C₆H₇O₂(ONO₂)₃]_n + 3nH₂O

kg:      162                                                              297

kg:      75%                                                             35,64

x = 25,92 kg

• Phần 2:

       [(C₆H₇O₂(OH)₃]_n C₆H₁₂O₆ C₆H₁₄O₆

kg:    162                                                              182

kg:  25,92.80%                                                    y = 23,296

X là pentapeptit nên X có 5 mắt xích.

Thuỷ phân X thu được Ala-Gly và Gly-Ala-Glu 

X có đoạn mạch Ala-Gly-Ala-Glu 

Thủy phân X thu được cả Glu-Gly

  Peptit X là Ala-Gly-Ala-Glu-Gly.

Do este không tạo liên kết hidro nên chúng có nhiệt độ sôi thấp hơn các axit, ancol có cùng số nguyên tử cacbon

Có 4 đồng phân cấu tạo của amin có công thức phân tử C₃H₉N.

CH₃-CH₂-CH₂-NH₂ 

CH₃-CH(NH₂)-CH₃

CH₃-CH₂-NH-CH₃

N(CH₃)₃

 Phương trình phản ứng của anilin và phenol với Br₂:

C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → C₆H₂Br₃NH₂↓_trắng + 3HBr.

C₆H₅OH + 3Br₂ → C₆H₂Br₃OH↓_trắng + 3HBr.

(a) Este là những hợp chất hữu cơ đơn chức có chứa nhóm cacboxylat ⇒ Sai. Este có thể đa chức và chứa nhóm cacboxyl; không phải cacboxylat.

(b) Chất béo là trieste của glixerol với axit monocacboxylic no hoặc không no ⇒ Sai. Do axit phải là axit béo.

(c) Xà phòng là hỗn hợp muối natri hoặc kali của axit ađipic ⇒ Sai. Xà phòng là muối của axit béo; không phải của axit ađipic.

(d) Ancol là hợp chất hữu cơ có nhóm OH liên kết trực tiếp với nguyên tử cacbon no ⇒ Đúng.

 HCOOC₂H₅ + H₂O HCOOH + C₂H₅OH

HCOOH còn nhóm CH=O trong phân tử nên tham gia phản ứng tráng bạc

 n_NaOH = 0,15 mol

n_HCl = 0,03 mol

Phương trình phản ứng trung hòa NaOH dư

NaOH dư + HCl → NaCl + H₂O

0,03 mol

NaOH dư, theo phương trình phản ứng

n_{NaOH pư} = 0,15 - 0,03 = 0,12 mol

n_este = n_muối = 1/2 n_NaOH = 0,06 mol

n_ancol = n_{NaOH pư}= 0,12 mol

Muối sau phản ứng gồm:

NaCl: 0,03 mol

R(COONa)₂: 0,06 mol

m_muối = 0,03.58,5 + 0,06.(R+134) = 11,475

=> R = 28 Xác định được gốc (C₂H₄)

M trung bình ancol = 39 => CH₃OH; C₂H₅OH

m_este = 0,06.160 = 9,6g.

Triolein:  (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅

tristearin:(C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

tripanmitin: (C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅

stearic: C_17​H₃₅​COOH 

Glucozơ có phản ứng tráng bạc, khi tác dụng với nước brom tạo thành axit gluconic, chứng tỏ trong phân tử có nhóm CH=O.

Vì hỗn hợp X gồm 2este đơn chức no, mạch hở nên ta gọi Công thức tổng quát của hỗn hợp A là C_nH_2nO₂

Phương trình phản ứng đốt cháy:

C_nH_2nO₂ + O₂ → nCO₂ + nH₂O

Ta có: n_CO2 = n_H2O = 1,2 : 2 = 0,6 mol

→ Số C = 0,6 : 0,2 = 3; số H = 0,6 . 2 : 0,2 = 6

→ Công thức của 2 este là C₃H₆O₂.

M_muối = 95,5 M_amin = 95,5 - 36,5 = 59 

X là C₃H₉N.

Xà phòng hóa tristearin là phản ứng thủy phân trong môi trường kiềm:

(C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ + 3NaOH 3C₁₇H₃₅COONa + C₃H₅(OH)₃.

→ Sản phẩm thu được là C₁₇H₃₅COONa và glixerol

 Các đisaccarit và polisaccarit có phản ứng thủy phân.

 n_CO2:n_H2O = 10:13

n_O2 = 2,475 mol

Bảo toàn nguyên tố O ta có:

2n_CO2 + n_H2O = 2n_O2 = 2.2,475 = 4,95

⇒ n_CO2 = 1,5; n_H2O = 1,95

m_amin = m_C + m_H + m_N = 1,5.12 + 1,95.2 + 0,25.2.14 = 28.9(g)

 Theo bài ra ta có số đồng phân có tính chất lưỡng tính, để thỏa mãn có 3 C mà có 9H ⇒ hợp chất là muối amoni của axit cacboxylic.

 ⇒ Các chất thỏa mãn gồm:

C₂H₅COONH₄

CH₃COONH₃CH₃

HCOONH₃CH₂CH₃

HCOONH₂(CH₃)₂

 Theo đề bài: %N + %O = 61,33%

⇒ M_Y = 75

⇒ Y là H₂NCH₂COOH (glyxin)

Số mol mắt xích glyxin trong X là

n-peptit có phân tử khối là 75n-18(n-1)

.

• Khi tác dụng với HCl:

n_A = 0,01 mol = n_HCl = 0,01 mol

⇒ A có 1 nhóm NH₂.

m_A = m _muối – m_HCl = 1,47.

⇒ M_A = 1,47/0,01 = 147.

• Khi tác dụng với NaOH:

n_A = 0,02, n_NaOH = (3,82 – 2,94)/22 = 0,04 (mol)

⇒ A có 2 nhóm COOH.

A dạng NH₂-R-(COOH)₂ mà M_A = 147

⇒ A là: NH₂-C₃H₅(COOH)₂

A là α- aminoaxit cấu tạo mạch không nhánh nên A là:

HOOCCH₂CH₂CH(NH₂)COOH.

 Các chất ban đầu (phenol, anilin và ankylbenzen) đều là các chất không phân cực nên chúng hòa tan vào nhau thành dung dịch đồng nhất.
Khi sục khí HCl vào, thì HCl phản ứng với anilin tạo ra chất phân cực:
          C₆H₅-NH₂ + HCl C₆H₅-NH₃Cl
Trong hỗn hợp bây giờ có cả chất phân cực và chất không phân cực nên chúng không hòa tan vào nhau thành 1 thể đồng nhất được. Chất không phân cực (phenol và ankylbenzen) sẽ lắng xuống đáy tạo nên kết tủa còn chất phân cực (C₆H₅-NH₃Cl) sẽ nổi lên trên thành 1 dung dịch.

Vậy kết tủa gồm phenol và ankylbenzen.

- Gọi CTTQ của gluxit là: C_n(H₂O)_m

C_n(H₂O)_m → nCO₂ + mH₂O

       1      →       n  →    m 

Ta có:

CTPT của gluxit là C₁₂H₂₂O₁₁ (Saccarozơ)

Chất X phản ứng với KOH sinh ra khí làm xanh giấy quỳ tím ẩm, suy ra X là muối amoni. Vì X chứa 2 nguyên tử N và khi phản ứng với KOH chỉ sinh ra một khí, nên X phải chứa 2 gốc amoni giống nhau.

Nếu hai gốc amoni là NH₄⁺ thì gốc axit là CO₃^2-, đây là gốc cacbonat, có hóa trị 2. Vậy trường hợp này thỏa mãn.

Suy ra muối X là (CH₃NH₃)₂CO₃ (metylamoni cacbonat)

Bảo toàn gốc CO₃^2- và bảo toàn nguyên tố K ta có:

n_K2CO3 = n_(CH3NH3)2CO3 = 37,82/124 = 0,305 mol

m_{KOH dư} = n_{KOH ban đầu} - 2n_K2CO3 = 0,7 - 2.0,305 = 0,09 mol

m chất rắn = 0,305.138 + 0,09.56 = 47,13 gam

 Axit α-aminopropionic: H₂NCH(CH₃)COOH.

Axit α,ɛ-điaminocaproic: H₂N(CH₂)₄CH(NH₂)COOH.

Axit α-aminoglutaric: HOOC(CH₂)₂CH(NH₂)COOH. Có số nhóm COOH > NH₂ → làm quỳ tím chuyển thành màu hồng.

Axit aminoaxetic: H₂NCH₂COOH.

Hai este HCOOC₂H₅ và CH₃COOCH₃ là đồng phân của nhau

→n_{2 este} = 11,1: 74 = 0,15 mol

Phương trình phản ứng hóa học

HCOOC₂H₅+ NaOH → HCOONa + C₂H₅OH (1)

CH₃COOCH₃ + NaOH→ CH₃COONa + CH₃OH (2)

Theo phương trình (1) và (2) ta có :

n_NaOH = n_{2 este} = 0,15 mol

→ V_ddNaOH = 0,15:1= 0,15 (lít) = 150 ml.

 - Glucozơ tác dụng với Cu(OH)₂ ở nhiệ độ thường tạo thành dung dịch màu xanh lam, chứng tỏ phân tử glucozơ có nhiều nhóm OH kề nhau.

Tên gọi của các chất béo lần lượt ở các đáp án

(C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ tristearin

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ triolein

(C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅ tripanmitin

(C₁₇H₃₁COO)₃C₃H₅ trilinolein

Vậy Chất béo trilinolein có công thức hoá học là (C₁₇H₃₁COO)₃C₃H₅

 Công thức tổng quát của este no, đơn chức, mạch hở là C_nH_2nO₂ (n ≥ 2)

Dùng dung dịch iot để nhận biết ra hồ tinh bột (hiện tượng: tạo hợp chất màu xanh tím)

Sau đó dùng dung dịch AgNO₃/NH₃, t^o:

Glucozo: xuất hiện kết tủa Ag

CH₂OH(CHOH)₄CHO + 2AgNO₃ + 3NH₃ + H₂O CH₂OH(CHOH)₄COONH₄ + 2Ag + 2NH₄NO₃

Không phản ứng: glixerol.

Phân tử tinh bột hấp phụ iot tạo ra dung dịch có màu xanh. Khi đun nóng, iot bị giải phóng ra khỏi phân tử tinh bột làm mất màu xanh tím.

 Nối đôi C=C ở gốc axit không no của chất béo bị oxi hóa chậm bởi oxi không khí tạo thành peoxit, chất này bị phân hủy thành các sản phẩm có mùi khó chịu. Đó là nguyên nhân của hiện tượng dầu mỡ để lâu bị ôi.

Bảo toàn nguyên tố:

n_CO2 = n_CaCO3 = n↓= 8 (mol)

Sơ đồ phản ứng

(C₆H₁₀O₅)n→ C₆H₁₂O₆ → 2C₂H₅OH + 2CO₂

n_{tinhbột(Lí thuyết)}= n_CO2= 4 (mol)

n_{tinh bột} = n_glucozo = 4 mol

Hiệu suất mỗi giai đoạn lên men là 80% nên ta có: 

Áp dụng công thức:

=>m_{lý thuyết}= m_{thực tế} : H%= 4.162:(80%.80%) = 1012,5 g

Tinh bột (C₆H₁₀O₅)_n → nGlucozơ (C₆H₁₂O₆) → 2nC₂H₅OH + 2nCO₂

m_{tinh bột} = 1.1000.0,95 = 950 kg

n_ancol = 2n_{tinh bột} .85%.85% 

          = 8,4737 kmol

m_ancol = 8,4737.46.1000 = 389793,2 gam

V_{ancol nguyên chất} = 389793,2/0,8 = 487241,5 cm³ = 487241,5 ml

Pha loãng thành ancol 40^o ta có:

                 = 1218104 ml =1218,104 lít