Đề thi học kì 1 Hóa 12 - Đề 1

Cho hỗn hợp tác dụng với dung dịch NaOH chỉ có phenol tác dụng tạo thành muối nên tách thành 2 lớp, lớp (1) gồm C₆H₅OH, NaOH và lớp (2) gồm C₆H₆ và C₆H₅NH_2:

                  C₆H₅OH + NaOH C₆H₅ONa + H₂O

Tách riêng lớp (1) rồi cho tác dụng với dung dịch HCl dư, lọc thu được lại phenol:

                  C₆H₅ONa + HCl C₆H₅OH + NaCl

Lớp (2) cho tác dụng với dung dịch HCl dư thì chỉ có anilin tác dụng, rồi tách lớp, chiết lấy benzen. Sau đó cho phần còn lại tác dụng với NaOH dư, chiết thu được lại anilin:

                    C₆H₅NH₂ + HCl → C₆H₅NH₃Cl 

                    C₆H₅NH₃Cl + NaOH → C₆H₅NH₂ + NaCl + H₂O

Dùng Cu(OH)₂/OH^-:

- Glucozơ: Cu(OH)₂ tan ở nhiệt độ thường và tạo kết tủa đỏ gạch Cu₂O khi đun nóng.

- Glixerol: Cu(OH)₂ chỉ tan ở nhiệt độ thường.

- Andehit axetic: chỉ tạo kết tủa đỏ gạch Cu₂O khi đun nóng.

- Lòng trắng trứng: phản ứng màu biure tạo màu tím.

- Rượu etylic: không có phản ứng không có hiện tượng.

H₂NCH₂COONa + 2HCl → ClH₃NCH₂COOH ClH₃NCH₂COOH + NaCl

n_HCl = 0,25.2 = 0,5 mol

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng:

m = 24,25 + 0,5.36,5 = 42,5 gam

• Cả ba dung dịch đều hòa tan được Cu(OH)₂ cho dung dịch màu xanh lam.
• Dung dịch saccarozơ không có nhóm CHO nên không có khả năng tham gia phản ứng tráng bạc và phản ứng với Cu(OH)₂ trong môi trường kiềm tạo kết tủa.
• Fructozơ và glucozơ là đường đơn nên không tham gia phản ứng thủy phân.

Ta có thể nhận thấy hỗn hợp 2 este HCOOC₂H₅ và CH₃COOCH₃ có cùng khối lượng phân tử và bằng 74

=> n_este = 11,1 : 74 = 0,15 mol

HCOOC₂H₅ + NaOH → HCOONa + C₂H₅OH (1)

CH₃COOCH₃ + NaOH → CH₃COONa + CH₃OH (2)

Từ phương trình (1) và (2) ta có

n_NaOH = n_este = 0,15 mol

=> V_NaOH = 0,15: 1 = 0,15 lít = 150 ml

 Ta có: trong A có 1 nhóm (-COOH) mà oxi chiếm 42,67% khối lượng

 ⇒  X là Gly-Gly-Gly-Gly

⇒ m =0,75.246 = 184,5 gam.

 Trong mùi tanh của cá là hỗn hợp các amin (nhiều nhất là trimetylamin) và một số chất khác, chính vì vậy người ta dùng giấm ăn (thành phần có chứa CH₃COOH) để khử mùi tanh của cá trước khi nấu.

Nước cứng chứa nhiều ion Mg²⁺, Ca²⁺ sẽ kết tủa với muối natri của các axit béo (thành phần chính của xà phòng).

Dùng quỳ tím để phân biệt chúng vì:

Gly: có số nhóm NH₂ = số nhóm COOH → quỳ không đổi màu.

Lys: có có số nhóm NH₂ > số nhóm COOH → quỳ chuyển xanh.

Glu: có số nhóm NH₂ < số nhóm COOH → quỳ chuyển đỏ.

Triolein: (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅
Tripanmitin: (C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅
Tristearin: (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅
Trilinolein: (C₁₇H₃₁COO)₃C₃H₅

Từ công thức ta thấy tristearin có phân tử khối lớn nhất

Cacbonhiđrat được chia thành 3 nhóm chính:

Monosaccarit: glucozơ và fructozơ (C₆H₁₂O₆)

Đisaccarit: saccarozơ và mantozo C₁₂H₂₂O₁₁.

Polisaccarit: tinh bột và xenlulozo (C₆H₁₀O₅)n

Xenlulozo C₆H₁₂O₆ (glucozơ) C₂H₅OH CH₂=CH-CH=CH₂ cao su buna

(1) (C₆H₁₀O₅)_n + nH₂O nC₆H₁₂O₆

(2) C₆H₁₂O₆ 2C₂H₅OH + CO₂

(3) 2C₂H₅OH CH₂=CH-CH=CH₂ + 2H₂O

(4) nCH₂=CH-CH=CH₂ -(-CH₂-CH=CH-CH₂-)_n

Cao su tự nhiên không tan trong nước, etanol nhưng tan trong xăng và benzen.

(C₆H₁₀O₅)_n + 3nHNO₃  [C₆H₇O₂(ONO₂)₃]_n + 3nH₂O

Kết quả không phụ thuộc chỉ số n, để đơn giản khi tính toán ta bỏ qua giá trị này.

Số mol HNO₃ gấp 3 lần số mol xenlulozơtrinitrat:

m_HNO3 =  600.63 = 37800 (g) = 37,8 (kg)

Vì hiệu suất quá trình đạt 90% nên:

 m_{HNO3 thực tế} =  37,8/90% = 42 (kg)

  m_dd = 42/99,67% = 42,139 (kg)

  V_dd = 42,139/1,52 = 27,72 lít

- Anilin là amin nhưng không làm đổi màu quỳ tím.

- Các aminoaxit có số nhóm -NH₂ bằng số nhóm -COOH thì mới không làm đổi màu quỳ tím.

- Đipeptit không tham gia phản ứng màu biure.

n_CH3COOC2H5 = 0,1 mol

n_NaOH = 0,04 mol

Phương trình phản ứng

CH₃COOC₂H₅ + NaOH → C₂H₅OH + CH₃COONa

                        0,04                 → 0,04 mol

Phản ứng dư este nên khi cô cạn dung dịch chỉ thu được muối CH₃COONa: 0,04 mol

→ m = 0,04. 82= 3,28 gam

Số đồng phân amin bậc 2 của C₄H₁₁N là: CH₃CH₂NHCH₃CH₂; CH₃CH₂CH₂NHCH₃; CH₃CH(CH₃)NHCH₃.

Phản ứng trùng hợp tổng quát:

nCH₂=CH-CH=CH₂ + mCH₂=CH-C₆H₅ → -(-CH₂-CH=CH-CH₂-)-_n-(-CH(C₆H₅)-CH₂-)-_m

Ta thấy polime còn có phản ứng cộng Br₂ vì mạch còn có liên kết đôi.

Khối lượng polime phản ứng được với 1 mol Br₂: (2,834.160)/1,731 = 262.

Cứ một phân tử Br₂ phản ứng với một liên kết C=C, khối lượng polime chứa 1 liên kết đôi:

= 54n + 104m = 262.

n = 1 và m = 2 phù hợp.

Tỉ lệ butađien : stiren = 1 : 2.

Chất giặt rửa là những chất khi dùng cùng với nước có tác dụng làm sạch các vết bẩn bám trên các vật rắn mà không gây ra phản ứng hóa học với các chất đó.

Vì aminoaxit chỉ có 1 nhóm –NH₂

⇒ A chỉ chứa 1 nguyên tử N ⇒ M_A = 14 : (15,73%) = 89

⇒ A chỉ có thể là H₂NCH₂COOCH₃

⇒ Andehit B là HCHO

n_HCHO = ¼ . nAg 

m = 0,0375 . 89 = 3,3375 gam

Quy đổi hỗn hợp X gồm:

C₂H₃ON: a mol; CH₂: b mol; H₂O: c mol

X + KOH C₂H₄O₂NK + CH₂ ​ + H₂O

BTKL của X:
57a + 14b + 18c = 4,63                                   (1)
Bảo toàn e đối với phương trình đốt cháy:
9a + 6b = 4.0,1875                                          (2)
BTKL muối:
113a + 14b = 8,19                                            (3)

Từ (1), (2), (3) ta có: a = 0,07 mol, b = 0,02 mol, c = 0,02 mol
Sau khi đốt cháy :
n_CO2 = 2a + b = 0,16 mol
n_H2O = 1,5a + b+ c = 0,145 mol
Khối lượng dung dịch giảm là 21,87 gam:
m_giảm = m_{kết tủa} – ( m_CO2 + m_H2O)
⇒ m_{kết tủa} = 21,87 + (0,16.44 + 0,145.18) = 31,52 gam

 Theo bài ra, ta có M_A = 14/0,15054 = 93.

→ A là C₆H₅NH₂

n_C6H5NH2 = 0,1 mol = n_C6H2Br3NH2

→ a = 0,1.330 = 33 gam.

 Các chất ban đầu (phenol, anilin và ankylbenzen) đều là các chất không phân cực nên chúng hòa tan vào nhau thành dung dịch đồng nhất.
Khi sục khí HCl vào, thì HCl phản ứng với anilin tạo ra chất phân cực:
          C₆H₅-NH₂ + HCl C₆H₅-NH₃Cl
Trong hỗn hợp bây giờ có cả chất phân cực và chất không phân cực nên chúng không hòa tan vào nhau thành 1 thể đồng nhất được. Chất không phân cực (phenol và ankylbenzen) sẽ lắng xuống đáy tạo nên kết tủa còn chất phân cực (C₆H₅-NH₃Cl) sẽ nổi lên trên thành 1 dung dịch.

Vậy kết tủa gồm phenol và ankylbenzen.

(a) Este là những hợp chất hữu cơ đơn chức có chứa nhóm cacboxylat ⇒ Sai. Este có thể đa chức và chứa nhóm cacboxyl; không phải cacboxylat.

(b) Chất béo là trieste của glixerol với axit monocacboxylic no hoặc không no ⇒ Sai. Do axit phải là axit béo.

(c) Xà phòng là hỗn hợp muối natri hoặc kali của axit ađipic ⇒ Sai. Xà phòng là muối của axit béo; không phải của axit ađipic.

(d) Ancol là hợp chất hữu cơ có nhóm OH liên kết trực tiếp với nguyên tử cacbon no ⇒ Đúng.

Cao su tự nhiên được cấu tạo từ các mắt xích là polime của isopren (-C₅H₈-)

Số mắt xích = 105000 : 68 ≈ 1544

Metyl fomat và axit axetic có cùng công thức phân tử: C₂H₄O₂.

Mantozơ và saccarozơ có công thức phân tử: C₁₂H₂₂O₁₁.

Fructozơ và glucozơ có công thức phân tử: C₆H₁₂O₆.

Tinh bột và xenlulozơ.đều có CTPT tổng quát là (C₆H₁₀O₅)_n nhưng hệ số n ở tinh bột và xenlulozơ khác nhau → chúng không phải đồng phân của nhau.

Dầu lạc là chất béo do đó không bị hòa tan trong nước.

Từ CTCT của mắt xích pilime là –(–CH₂–CH(CH₃)–)_n–

⇒ Monome tạo nên polime có CTCT là CH₂=CH–CH₃ (propilen)

 Axit glutamic: HOOC[CH₂]₂CH(NH₂)COOH

Các phương trình phản ứng xảy ra là:

2C₂H₅OH CH₂=CH-CH=CH₂ + 2H₂O + H₂ 
nCH₂=CH-CH=CH₂ (-CH₂-CH=CH-CH₂-)_n

- Tính chất vật lí: Các amino axit là những chất rắn ở dạng tinh thể không màu, vi hơi ngọt, có nhiệt độ nóng chảy cao (khoảng từ 220 đến 300^oC).

- Tính chất hóa học:

• Phân tử amino axit có nhóm COOH thể hiện tính axit và NH₂ thể hiện tính bazơ nên có tính chất lưỡng tính và luôn luôn có phản ứng trùng ngưng.
• Trong phân tử có nhóm COOH nên amino axit có khả năng tham gia phản ứng este hóa.

Vậy các tính chất của amino axit là: (1); (2); (5); (6); (7)

• Khi tác dụng với HCl:

n_A = 0,01 mol = n_HCl = 0,01 mol

⇒ A có 1 nhóm NH₂.

m_A = m _muối – m_HCl = 1,47.

⇒ M_A = 1,47/0,01 = 147.

• Khi tác dụng với NaOH:

n_A = 0,02, n_NaOH = (3,82 – 2,94)/22 = 0,04 (mol)

⇒ A có 2 nhóm COOH.

A dạng NH₂-R-(COOH)₂ mà M_A = 147

⇒ A là: NH₂-C₃H₅(COOH)₂

A là α- aminoaxit cấu tạo mạch không nhánh nên A là:

HOOCCH₂CH₂CH(NH₂)COOH.