Đề thi học kì 1 Hóa 12 - Đề 1

Đặt n_N = x và n_O = y (mol) n_NH2 = x mol và n_COOH = 0,5y mol

m_N : m_O = 7:15 

X tác dụng vừa đủ với HCl n_HCl = n_NH2 = n_N = x mol

Đơn giản hóa quá trình ta coi như:

(X, HCl) + (NaOH, KOH) → Muối + H₂O

n_COOH + n_HCl = n_NaOH + n_KOH

0,5y + x = 0,08 + 0,075                            (2)

Giải hệ (1) và (2) thu được x = 0,08 và y = 0,15

n_H2O = n_NaOH + n_KOH = 0,155 mol

BTKL: m _muối = m_X + m_HCl + m_NaOH + m_KOH - m_H2O

= 7,42 + 0,08.36,5 + 0,08.40 + 0,075.56 - 0,155.18

= 14,95 (gam)

Dùng dung dịch nước Br₂ có thể phân biệt được glucozơ và fructozơ do glucozơ có nhóm chức anđehit nên có thể tham gia phản ứng làm mất màu nước brom, còn fructozơ do không có nhóm này thay vào đó là nhóm chức xeton nên không xảy ra hiện tượng gì:

CH₂OH[CHOH]₄CHO + Br₂+ H₂O → CH₂OH[CHOH]₄COOH + 2HBr.

Khi đun phenol lấy dư với fomanđehit (có axit làm xúc tác) tạo thành nhựa phenol-fomanđehit dạng nhựa novolac có mạch không phân nhánh.

Mỗi phần chứa 0,02 mol X

Phần 1:

n_X = n_HCl → n_X : n_HCl = 1:1 → X có 1 nhóm NH₂

Phần 2:

n_X : n_NaOH = 1:1→ n_X : n_NaOH = 1:1 → X có 1 nhóm COOH

Mà n_muối = n_X = 0,02

→ M_muối = 111

→ M_X = 111 – 22 = 89

Vì X là α-aminoaxit nên CTCT của X là H₂NCH(CH₃)COOH.

 Số mol của 2 amin là:

Gọi công thức trung bình của 2 amin là :

3 + 3H₂O + FeCl₃ → Fe(OH)₃ + 3
     0,3                                      0,1 

2Fe(OH)₃ ​ Fe₂​O₃​+ 3H₂​O
    0,1               0,05

m = 160. 0,05 = 8 gam

Glucozơ đặc biệt có nhiều trong loại hoa quả nho chín.

 n_C2H5NH2 = 0,2 mol.

C₂H₅NH₂ + HCl → C₂H₅NH₃Cl.

0,2                →          0,2

m_muối = 0,2. 81,5 = 16,3 gam.

M_{tinh bột} = 162n

Theo bài ra ta có khối lượng phân tử tinh bột khoảng 200000 đến 1000000 nên:

 200000 < 162n < 1000000 

1234 < n < 6173

• Các chất làm quỳ tím hóa đỏ: axit glutamic, metylamoni clorua, phenylamoni clorua. 
• Các chất làm quỳ tím hóa xanh: lysin, trimetylamin.
• Các chất không làm quỳ tím đổi màu: valin, alanin, anilin.

Gọi X có công thức (H₂N)_nR(COOH)_m

Khi X tác dụng với HCl dư muối Y dạng (H₃N)_mR(COOH)_n: p gam

Khi X tác dụng với KOH muối Z dạng

(H₂N)_mR(COOK)_n: q gam

Ta thấy: q – p = n.(39 – 1) – 36,5.m = 39,5

Khi n = 2, m = 1 thì thõa mãn

Như vậy, X có 2 chức COOH và 1 chức NH₂ (4 nguyên tử O và 1 nguyên tử N).

⇒ A đúng.

Ta có M_Z= 16.2= 32 g/mol nên Y chỉ có thể là ancol CH₃OH

Vì este X có công thức phân tử C₄H₈O₂ khi thủy phân tạo ra CH₃OH

Nên X có công thức C₂H₅COOCH₃ 

C₂H₅COOCH₃ + NaOH C₂H₅COONa + CH₃OH.

 Có 4 chất trong dãy khi thủy phân khi đun nóng với dung dịch axit vô cơ là: amilozơ, amilopectin, saccarozơ và xenlulozơ.

Este có nhiệt độ sôi thấp hơn nhiều so với các hợp chất khác có cùng số C.

Lưu ý: Nhiệt độ sôi của một số hợp chất:

Axit > Ancol > Amin > Este > Xeton > Anđehit > Dẫn xuất halogen > Ete > Hiđrocacbon

Giả sử A được tạo thành từ n gốc amino axit.

X + NaOH → Muối + H₂O

n_{NaOHphản ứng} = 0,1n mol → n_NaOHdư = 0,1n mol

→n_NaOHbđ = 0,2n mol

n_nước = n_X = 0,1 mol

mtăng = m_NaOH − m_H2O

⇒ 78,2 = 0,2n.40 − 0,1.18 ⇒ n =10

m_tăng = m_NaOH − m_H2O

⇒ 78,2 = 0,2n.40 − 0,1.18

⇒ n = 10

Số liên kết peptit là (10 – 1) = 9

m_{dd giảm} = m↓ - m_CO2

m_CO2 = 10 - 3,4 = 6,6 gam

n_CO2 = 6,6/44 = 0,15 mol.

Theo phương trình ta có:

n_C6H12O6 = 0,15/2 = 0,075 mol.

Mà hiệu suất lên men là 90% nên:

n_{C6H12 thực tế} = 0,075/90% = 1/12 mol

m = 1/12.180 = 15 gam

Ta có:

Thủy phân không hoàn toàn T thu được Gly-Ala, Ala-Gly và Ala-Ala-Val nên T là: Ala-Gly-Ala- Ala-Val.

→ Amino axit đầu N là Ala và amino axit đầu C là Val.

Phương trình phản ứng

HCOOCH₃ + NaOH HCOONa + CH₃OH

→ Sản phẩm thu được là HCOONa và CH₃OH.

(1) ClH₃NCH₂COOH + 2NaOH → H₂NCH₂COONa + NaCl + H₂O → 2 muối.

(2) H₂NCH(CH₃)-CONH-CH₂COOH + 2NaOH → H₂NCH(CH₃)-COONa + H₂N-CH₂COONa + H₂O → 2 muối.

(3) (HOOCCH₂NH₃)₂SO₄ + 4NaOH → 2H₂N-CH₂-COONa + Na₂SO₄ + 4H₂O → 2 muối.

(4) CH₃COOC₆H₅ + 2NaOH → CH₃COONa + C₆H₅ONa + H₂O

→ 2 muối

A: H₂N-CH₂-COOH + C₂H₅OH → H₂N-CH₂-COOC₂H₅ + H₂O B: H₂NCH₂COOH + NaOH → H₂NCH₂COONa + H₂O

C: 2 NH₂CH₂COOH + CaCO₃ → (NH₂CH₂COO)₂Ca + CO₂

Chất giặt rửa tổng hợp có ưu điểm là có thể dùng để giặt rửa trong nước cứng.

Sục hỗn hợp khí qua dung dịch HCl dư, thu được khí CH₄ bay ra. HCl phản ứng với etyl amin:

CH₃CH₂NH₂ + HCl → CH₃CH₂NH₃Cl

Dung dịch thu được sau phản ứng cho tác dụng với dung dịch NaOH dư thu lại được etylamin.

CH₃CH₂NH₃Cl + NaOH → CH₃CH₂NH₂ + NaCl + H₂O

Gọi công thức tổng quát của este là R-COO-R’

Khi cho este tác dụng với NaOH tạo ra ancol etylic nên R’ là C₂H₅-

Theo đề bài:

n_NaOH = CM.V = 2.0,135 = 0,27 mol

Và neste = 0,2 mol mà este đơn chức nên NaOH dư và có mặt trong chất rắn khan sau phản ứng, chất rắn còn lại là muối RCOONa.

Ta có: n_{NaOH dư} = 0,27 - 0,2 = 0,07 mol

m_{NaOH dư} = 0,07.40 = 2,8 gam

m_RCOONa = 19,2 – 2,8 = 16,4 gam

Mà n_RCOONa = 0,2 mol

⇒ M_RCOONa = 16,4/0,2 = 82 g/mol

⇒ R = 15 = CH₃-

Vậy công thức của X là: CH₃-COO-C₂H₅

 Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có:

m_amin + m_HCl = m_muối

m_muối = 3 + 0,07.36,5 = 5,555 gam

Muối tham gia phản ứng trùng ngưng, hai chất đó phải có những nhóm có khả năng phản ứng với nhau (và tách ra những phân tử nhỏ )

Thí dụ: -COOH và NH₂; -COOH và OH

Phản ứng giữa buta-1,3-đien và stiren là phản ứng trùng hợp.

- Glyxin loại vì CH₂(NH₂)-COOH có pH = 7 nên không đổi màu phenolphtalein.

- Axit axetic loại vì CH₃COOH có pH < 7 nên không đổi màu phenolphtalein.

- Alanin vì CH₃CH(NH₂)COOH có pH = 7 nên không đổi màu phenolphtalein.

- Metylamin thõa mãn vì CH₃NH₂ có pH > 7 nên làm phenolphtalein chuyển sang màu hồng.

Nilon-6 có công thức là: (-HN-(CH₂)₅-CO-)_n

→ n_Nilon-6 = 8,475/113n = 0,075/n

Điều chế từ axit amino caproic:

nH₂N-(CH₂)₅-COOH → (-HN-(CH₂)₅-CO-)_n +nH₂O

Điều chếtừ caprolactam bằng phản ứng trùng hợp:

nC₆H₁₁O → (-HN-(CH₂)₅ –CO-)_n

Khối lượng chênh lệch chính là khối lượng nước:

m_{chênh lệch} = m_H2O = (0,075.18n)/n.75% = 1,8 kg.

 Thủy tinh hữu cơ được điều chế từ este metyl metacrylat:

nCH₂=C(CH₃)COOCH₃  -(-CH₂ - C(CH₃)(COOCH₃) -)-_n

 Monome tham gia phản ứng trùng hợp trong phân tử phải có liên kết bội hoặc là vòng kém bền.

Cấu trúc toluen không thỏa mãn điều kiện

không tham gia phản ứng trùng hợp.

Cao su buna [CH₂-CH=CH-CH₂]_n

n = 40000/54 ≈ 740

Nhóm ankyl là nhóm đẩy e làm tăng mật độ electron trên N làm tăng lực bazơ, nhóm phenyl làm giảm mật độ electron trên N giảm lực bazơ.

Ta có lực bazơ: C_nH_{2n + 1}NH₂ > NH₃ > C₆H₅NH₂

Amin bậc 2 có tính bazơ mạnh hơn amin bậc 1 và bậc 3.

Vậy ta có thứ tự tăng dần lực bazơ là:

C₆H₅NH₂, NH₃, CH₃NH₂, C₂H₅NH₂, CH₃NHCH₃.

Dãy biến hóa:

Xenlulozo  C₁₂H₂₂O₁₁ (glucozo)  C₂H₅OH  CH₂=CH-CH=CH₂ cao su buna

(1) (C₆H₁₀O₅)_n + nH₂O  nC₆H₁₂O₆

(2) C₆H₁₂O₆  2C₂H₅OH + CO₂

(3) 2C₂H₅OH  CH₂=CH-CH=CH₂ + 2H₂O

(4) nCH₂=CH-CH=CH₂    -(-CH₂-CH=CH-CH₂-)_n

Vì protein được tạo thành từ các gốc α–Amino axit

⇒ Thành phần phân tử chứa C, H, O và N

⇒ Khi đốt cháy protein ta sẽ thu được khí N₂.

X là tetrapeptit nên X có 4 mắt xích.

- Thủy phân X thu được Gly – Ala và Ala – Phe

→ đoạn mạch có: Gly – Ala – Phe.

- Thủy phân X thu được cả Phe – Val

→ X là Gly – Ala – Phe – Val.